Код работает, но, по-моему, так не совсем красиво

Кусок кода работает без проблем, но по-моему, не совсем красиво выглядит, даже немного запутано.

PHP:

1. <?php
2.  
3.   $lim=4;
4.   $query="SELECT albums.artist,
5.                 albums.type,
6.                 albums.album,
7.                 albums.size,
8.                 albums.id,
9.                 albums.list,
10.                 albums.clicks,
11.                 types.type_name,
12.                 types.user_visible,
13.                 types.id
14.           FROM  albums
15.           LEFT JOIN types
16.           ON (albums.type=types.id)
17.           WHERE types.user_visible='true'";
18.  
19.  
20.  if (isset($_GET['page'])){  # Отображаемая страница
21.   $page=$_GET['page'];
22.  }
23.  else {
24.    $page=0;
25.  }
26.  
27.  function inc($ag){
28.    $ag++;
29.    return $ag;
30.  }
31.  
32.  ######################################################################################
33. #                                                                                    #
34. #                       Смещение запроса базы данных                                  #
35. #                                                                                    #
36. ######################################################################################
37. function getofs () {
38.  
39.   GLOBAL $c, $lim, $page, $pages, $page_count;
40.  
41.   $pages=sqlite_fetch_single($c);
42.   $page_count=ceil($pages/$lim);
43.  
44.   if ($page<0) {
45.     $page=0;
46.   }
47.   else {
48.    if ($page>$page_count) {$page=$page_count-1;}
49.   }
50.   $ofs=$page*$lim;
51.   return $ofs;
52.  
53.  
54.  }
55. #---------------------------------------------------------------------------
56. #                       Если запрос на артиста
57. #---------------------------------------------------------------------------
58.  
59.  if (!empty($_GET['artist'])) {
60.  
61.    $c=sqlite_query ($id, "SELECT COUNT(*) from albums
62.                          LEFT JOIN types ON (albums.type=types.id)
63.                          WHERE albums.artist='$artist'
64.                          AND types.user_visible='true'");
65.    $ofs=getofs();
66.    $artist=$_GET['artist'];
67.    $query=$query." AND albums.artist='$artist' LIMIT $lim OFFSET $ofs";
68.    $post_title="<b>$artist</b>";
69.    $qs="musik.htm?artist=".rawurlencode($artist);
70.  }
71.  
72. #---------------------------------------------------------------------------
73. #                       Если запрос на жанр
74. #---------------------------------------------------------------------------
75.  if (!empty($_GET['types'])) {
76.  
77.    $c=sqlite_query ($id, "SELECT COUNT(*) from albums
78.                          LEFT JOIN types ON (albums.type=types.id)
79.                          WHERE types.type_name='$types'
80.                          AND types.user_visible='true'");
81.    $ofs=getofs();
82.    $type=$_GET['types'];
83.    $query=$query." AND types.type_name='$types' LIMIT $lim OFFSET $ofs";
84.    $post_title="<b>$types</b>";
85.    $qs="musik.htm?types=".rawurlencode($types);
86.  }
87. #------------------------------------------------------------------------------
88.  
89.  
90.  
91.  if ($pages) {
92. ............... Выводим содержимое
93. for ($r=0; $r<$page_count; $r++) {
94.   echo "<li><a href='$qs&page=$r'>".inc($r)."</a>&nbsp;&nbsp; \n</li> \n";  # ССылки на страницы
95. }
96.  
97. } else { Ошибка, ресурс не найден }
98.  
99.  

Меня смущает то, что оба запроса почти одинаковы,
. Отсюда вопросы:
Стоит ли вынесты его в функцию?
Если да, то как это сделать?